Máriás-csoport algoritmus
2013-01-13T12:11:54+01:00
2013-01-15T01:02:19+01:00
2022-07-23T17:06:15+02:00
  • Annyi különféle ülésrend van, ahány csoport van.

    Most láttam, ez kétértelmű. Az én algoritmusom szerint van ennyi, nem zárnám ki, hogy lehet még másik ülésrend is.
    Mutasd a teljes hozzászólást!
  • Annyi különféle ülésrend van, ahány csoport van. Ne a példámat használd, hanem az algoritmust értsd meg és könnyen előáll az ülésrend 6 csoporttal is.
    Mutasd a teljes hozzászólást!
  • .... és megoldható ez 18-as, vagyis 6x3-as csoporttal is? (öt kör, és 18 résztvevő 6x3-as csoportokban)
    Mutasd a teljes hozzászólást!
  • Szívesen
    Mutasd a teljes hozzászólást!
  • Pontosan ez kellett nekem, köszi
    Mutasd a teljes hozzászólást!
  • Ugy látom, eddig biza jo a megoldas. De öt körre kellene, az még megoldhato? Vagy az már csak egy következő három személyből alló csoporttal, vagyis 18 játékossal oldhato meg?
    Mutasd a teljes hozzászólást!
  • Az első helyen ülő (első oszlop) mindig fixen marad.
    A második oszlopban ülők mindig egy asztallal balra shiftelődnek.
    A harmadik oszlopban ülők mindig 2 asztallal balra shiftelődnek.

    1. 2. 3. 4. 5. 1 2 3 | 4 5 6 | 7 8 9 | A B C | D E F 1 5 9 | 4 8 C | 7 B F | A E 3 | D 2 6 1 8 F | 4 B 3 | 7 E 6 | A 2 9 | D 5 C 1 B 6 | 4 E 9 | 7 2 C | A 5 F | D 8 3 1 E C | 4 2 F | 7 5 3 | A 8 6 | D B 9
    Mutasd a teljes hozzászólást!
  • ha jól értem, akkor szerintem igen, például:

    1.kör 1 2 3 | 4 5 6 | 7 8 9 | 10 11 12 | 13 14 15

    2.kör 1 4 7 | 3 5 8 | 11 14 9 | 15 6 12 | 13 2 10

    3.kör 1 10 14 | 11 5 15 | 2 6 9 | 3 7 12 | 13 4 8

    4.kör 1 6 8 | 2 5 7 | 10 15 9 | 4 14 12 | 13 3 11

    vagy elnéztem valamit?

    ps. csak azért rendeztem át a második leosztásodat és emeltem ki azt, hogy valaki mindig ott marad az asztalánál, hogy lásd mi alapján konstruáltam meg a két kérdéses keverést...
    Mutasd a teljes hozzászólást!
  • Sziaszok, a következó a problema: van 15 kártyajátékos, és öt asztal. A jétékosokat 3-as csoportokba osztjuk, vagyis három játékos játszik egymás ellen egy asztalnál,
    tehát: 1 2 3 | 4 5 6 | 7 8 9 | 10 11 12 | 13 14 15.
    Ez az öt csoport játsza az első öt partit. A következő öt partira összekeverjük őket ugy, hogy két, egy asztalnál ülő játékos ne játszhasson együtt, pl. 1 4 7 | 10 13 2 | 3 5 8 | 9 11 14 | 6 12 15.
    Az a kérdés, lehetséges e meg háromszor, illetve még négyszer ugy megoldani az elosztást/összekeverést, hogy egyikük se játszon olyannal, akivel már egyszer egy asztalnál játszott? szerintek?
    Mutasd a teljes hozzászólást!
Címkék
abcd